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第二次作业讲解

3. h. 5. 4. 第二次作业讲解. 2.6 已知 D=1.5m 、屏对角线 25”×2.54cm=63.5cm θ=1.5’ 求 ( 1)Z max (2 ) 若 f v =50Hz ， K=4/3 ， α =0.18 ， K e (1-β)=0.7 求 f max h=(63.5/5)×3=38.1cm ， M max =(3438h)/(Dθ)=582 Z max = M max /[K e (1-β)] =831.67 ≈832 ，考虑隔行为奇数和追

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Presentation Transcript

  1. 3 h 5 4 第二次作业讲解 2.6已知D=1.5m、屏对角线25”×2.54cm=63.5cm θ=1.5’ 求(1)Zmax(2)若f v=50Hz，K=4/3，α=0.18， Ke (1-β)=0.7 求fmax • h=(63.5/5)×3=38.1cm，Mmax=(3438h)/(Dθ)=582 Zmax = Mmax/[Ke (1-β)] =831.67 ≈832，考虑隔行为奇数和追 求最大行数，取Zmax =833，fmax =[K Ke (1-β) f vZ2]/[4(1-α)] =9.87MHz 2.17已知K=16/9，Z=1125，2:1隔行， f v=60Hz， β=8%， α=18% 求(1)垂直分解力M (2)水平分解力N(3)带宽B • M=Ke (1-β)Z=714，考虑f v=60Hz，取美国Ke=0.69 • N=KM=1269.6 • B==[K Ke (1-β) f vZ2]/[4(1-α)] =26.13MHz

  2. 2.18已知Tv=20ms， Tvr=2ms， TH=64μs， THr=8μs，2:1隔行 K=16/9 求(1)接收机带宽B=4MHz时水平分解力N (2)传560竖条(N)时的fmax 注：扫描制式(幅型比、扫描行数、场 频、隔行比)决清晰度和视频带宽就固定(可视为极大值)， 这是因为接收机的问题造成的有效值。 法一： • (1)行正程THf= TH － THr= 56μs， fmax=1/(2td)=4MHz， td=0.125μs，N= THf/td=448点(条) • (2) td= THf/ N=0.1μs， fmax=1/(2td)=5MHz， 法二：fF=1/(2Tv)=25Hz，α=THr /TH=0.125，Z=2(Tv /TH)=625 • fmax=1/(2td)=(NfFZ)/[2(1-α)]，N=[fmax 2(1-α)]/(fFZ)=448(条) • fmax=1/(2td)=(NfFZ)/[2(1-α)] )=5MHz。 3.3已知校正前幅度E’max=80%，饱和度95%的绿青双色条，设 γ=2 画出γ校正后的R、G、B、Y、R-Y、B-Y以及调制后C

  3. Y R G B C R-Y B-Y 由 知，饱和度实际为校正前的。因此 E’min=(1-0.95)×0.8=0.04 校正后Emax= (E’max )1/γ=0.89， Emin= (E’min )1/γ=0.2 绿条：R=B=0.2，G=0.89，Y=0.30R+0.59G+0.11B=0.61 R-Y=B-Y=－ 0.41， 青条：R=0.2， G=B=0.89，Y=0.30R+0.59G+0.11B=0.68 R-Y= － 0.48， B-Y=0.21，

  4. - 2U ec DL + ΦK2V 观察第n行情况 直通行 延迟行 相加端 相减端 第n-1行 (NTSC) 第n行 (PAL) 2U ΦK2V V 相减端 V U U 相加端 3.14用矢量表示法分析PAL分离UV过 程，误用延时64μs非色散延迟线结果。 非色散延迟线τp=τg=φ0 /(2πfsc )=TH， φ0=(2π)(TH / TSC )=283.7516 (2π)=(283.5+0.2516) (2π) =576π+0.5032π 可见比正常约多90° 已不能分离UV了。

  5. B-Y - ec DL sinωsct + R-Y ΦKcosωsct 3.16若PAL信号中缺少全部PAL行色度，分析PALD接受情况。 • 设第n-1行(PAL) 0 第n行(NTSC) u(t)+v(t) 第n+1行(PAL) 0 考察第n行(NTSC) ：延迟信号为 0，相加和相减端均输出u(t)+v(t)。考察第n+1行(PAL) ：延迟 信号为-[u(t)+v(t)]，相加端输出-[u(t)+v(t)]，而在相减端输出 u(t)+v(t)。总之，U解调器输入为u(t)+v(t)； V解调器输入为 φK [u(t)+v(t)]。虽未分离UV，但靠正交解调能正常解出色差 信号(NTSC工作方式)，失去PAL克服相位敏感性的优点，且 解调后色差幅度比输入正常PAL信号时下降一半。例V解调： φK [u(t)+v(t)] ·φKcosωsct =V(t)cos2ωsct + U(t)sinωsctcosωsct =1/2{V(t)[1+cos2ωsct]+U(t)sin2ωsct}滤去高频分量2ωsc得V/2。

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